D 预知
本题使用到了鸽巢原理（抽屉原理）的思想。
首先考虑 的情况，由于总卡牌数 ，故这是必败的。
当 时，看样例也能发现分为几种情况：
全是 时，说明随便翻两张都必胜，所以
只有一个 时，例如 这种情况，很多同学以为要预知 张，其实只要 张就够了，因为预知出来的两张都一样的话
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while True:
try:
T = int(input())
for _ in range(T):
n = int(input())
a = list(map(int, input().split()))
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n =int(input())
result = []
for i in range(n):
types = int(input())
cards = list(map(int,input().split()))
maxs = max(card for card in car
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'''
如果牌的种类大于1，且只有1种牌的数量大于1张：我们需要预知足够多的卡牌，使得剩下未预知的卡牌中，每种的数量最多为1。这样剩下的牌无论怎么选两张都不会相同，此时玩家只需要从剩下的牌里翻牌。
如果牌的种类大于1，且每种牌的数量都大于1张：需要预知数量最多的种类的所有牌，然后玩家从已预知的牌里抽
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思路：从全集S中随机选取p个元素后，形成了两个集合。S1：选取的已知的p个元素S2：剩下未知的元素如何根据S1和S2做出必胜的判断——即一定不会抽到两个相同元素？1、要求S1的元素包含至少两种不同的类或者某个类的全部元素。根据鸽巢原理可得p1=max(占比最大的类的元素的个数）2、要求S2包含每个类
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题目可以理解为只知道卡牌的种类数与对应数量，在最倒霉的情况下提前知道几张牌能获胜（这个随机和至少有点歧义，倒霉应该好理解一点）一共三种情况：1.只有一种牌：必输2.除了最多的牌，其它牌数量均为1：预知（最多的牌数量-1）张最多的牌，然后翻开其余任意两张牌即可（此时所有牌的数量都为1）3.其余一般情况
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#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N = 2e5 + 10;
int a[N];
void solve() {
int n; cin >> n;
for (int i = 1;
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/*三种情况：
第一种是只有一种卡牌，输出不可能即可。
第二种是只有一种卡牌个数为a不为1，其他均为以，这时只需要保证让剩下的卡牌均为1即可，即输出a-1即可。
第三种是有多种卡牌个数不为1，这是只要保证最多的卡牌全部找出来即可。
*/
#include <stdio.h>
int ma
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#include <iostream>
#define LENGTH 110000
#define ll long long
#define MAX(a, b) ((a) > (b) ? (a) : (b))
#define MIN(a, b) ((a) < (b) ? (
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