前言
题解
参加了内测，内测的结果和比赛的结果差别很大。
个人觉得蛮难的, 但是也学到了。
E. 相依
思路: DP
看着像划分形DP，但中间需要绕一下
从刷表法的思路推，会发现很难，如果从填表法，就能找到优化的点
dp[u] = min(dp[v] + 1), 满足 str[v + 1]
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手速场，做完签到就不会了，我好菜啊
A.
签到
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define ll long long
int main(){
int a,b;
cin>>a>>b;
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E-相依
定义dp[i]为第一个数到第i个数所需要合并的最少次数，可以得到动态转移方程：
dp[i] = min{dp[j - 1] + 1} (1 <= j < i且 val[i] = val
[j]且 dp[j - 1]存在)
但是这样做要枚举前i - 1个数，时间复杂度原地爆炸。观
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出题人在此谢罪，题目难度整体偏高，并且G题没有卡掉某些暴力，现在数据已经加强。
题解
A
按照题面模拟
B
当2*A > B时，走到外面再转一圈是更好的，否则就不走外面
C
思维
简单手推一下发现答案只有 -1， 1， 2。
注意 需特判，因为一个数删不了，所以是 。
如果 ，答案为 1。
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原文链接
已发至CSDN
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int main(){
int a;
int b;
cin>>a>>b;
if(a == b) cout<<'p';
el
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首先n==1和a[0]==a[n-1]特判一下
然后我们随便看个例子,10101111010,我们以这样的思路去删除,枚举所有a[0]==a[i] and a[i+1]==a[n-1]的位置,
如果存在直接输出2.
我们来尝试证明一下,
所以我们只需要找到这样的位置即可,否则就输出0
#includ
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#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int main(){
int len;
int n;
char c[200005];
cin>>len>>n;
for(int i
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#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int main(){
int a;
int b;
cin>>a>>b;
if(a * 2 < b){
cout<
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