fmin = lambda x, y: x if x < y else y
fmax = lambda x, y: x if x > y else y
def solve(testcase):
n, m = MI()
A = [0 for _ in range(m)]
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#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
using ll = long long int;
using ld = long double;
using PII=pair<ll,ll>;
using PIII=pair<
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#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
//新手最易上手的方法
int main() {
int n,m;cin>>n>>m;
vector<vector<int>>a(n
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#include <iostream>
#define int long long
#define endl '\n'
using namespace std;
signed main() {
int n, m;
cin >> n >> m;
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只需要每次把数字左边和数字上面的两个数字取最小的一个即可(数字只能从这两个方向移动)。如果另外开一个dp数组大概率存不下。所以直接操作原数组，注意边界位置，样例结果为11的就是忘记处理第一行和第一列了。状态转移方程：dp[i][j] = min(dp[i-1][j],dp[i][j-1]) + v[
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#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N=2e3+10;
int f[2][N],a[N][N];
int main() {
int n,m;
cin>>n>>m;
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#include <iostream>
#include<vector>
using namespace std;
int main() {
int n,m;
cin>>n>>m;
vector<vector<in
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#include<iostream>
using namespace std;
const int N=2020;
long long dp[N][N];
int main()
{
int n,m;
cin>>n>>m;
for(int i
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#include <iostream>
#include <cstring>
#define N 2010
using std::cin;
using std::cout;
int dp[N];
int main()
{
std::ios::sync_with
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