解题思路：
分析问题，最直观的办法是暴力，但是在数据量1E5的情况下时间复杂度是达不到要求的。
引入差分数组，降低时间复杂度，对于a1,...,ana_1,...,a_na1,...,an构造差分数组cf1,...,cfncf_1,...,cf_ncf1,...,cfn对于cfi=a
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【模板】差分
难度：2星
差分模板题。如果每次操作都是 O(n)O(n)O(n) 复杂度进行模拟的话，肯定会超时。
我们观察到，对于一个数组，如果让 a[l]a[l]a[l] 加 kkk ，a[r+1]a[r+1]a[r+1] 减 kkk ，做一个前缀和之后，相当于 [l,r][l,r][l,r]
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利用差分数组 diff 减少区间操作的时间复杂度, diff 生成如下:
diff[0] = data[0]
for i in range(1, len(data)):
# 后一个元素与前一个元素相减
diff[i] = data[i] - data[i - 1]
之后可根据 di
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#include <bits/stdc++.h>
#define int long long
#define endl '\n'
#define LCHILD(p) (((p) << 1) | 1)
#define RCHILD(P) (((p) + 1) <<
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（挣牛币用的）先开差分数组，再这样那样，最后求出差分数组的前缀和就好了
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define int long long
signed main() {
int n, m;
cin &g
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#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
//差分数组
using ll=long long;
int main() {
int n,m;
cin>>n>>m;
vector<ll&g
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看了一下榜一的操作，感觉很棒
把原本的数据a和变化数据k做成两个数组a[]和，aa[]然后对变化数据k处理：
for(int i = 1; i <= m ;i++){
cin >> l >> r >> k;
aa[l]+=k;
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import java.util.Scanner;
public class Main {
public static void main(String[] args) {
Scanner in = new Scanner(System.in);
int n
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#include <iostream>
#include <queue>
#include <map>
#include <set>
#include <cmath>
#include <cstring>
#include &l
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